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[sequencia] Calcular limite de sequencia por definição

[sequencia] Calcular limite de sequencia por definição

Mensagempor amigao » Ter Abr 15, 2014 15:15

Olá pessoal não consegui fazer nada nesse exercicio alguem pode me ajudar??

Calcule o limite da seqüência dada e PROVE que a referida seqüência efetivamente converge para esse limite (ou diverge para +oo ou —oo, conforme o caso).
(segue a imagem do exercício)


grato.
Anexos
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exercicio
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Re: [sequencia] Calcular limite de sequencia por definição

Mensagempor e8group » Ter Abr 15, 2014 22:51

Tente provar que a sequência é limitada superiormente por 1 e inferiormente por 1/3 .

Para provar que a_n < 1 , basta notar que o número do numerador é sempre menor que do denominador e portanto o quociente é menor que 1 .

Para provar que a_n > 1/3 , note que

1 - 3\sqrt{n} \leq -2    \implies  n(1-3\sqrt{n}) \leq -2n  \implies  n(1-3\sqrt{n}) + 1  = n + 1 -3n\sqrt{n} \leq -2n + 1 < 0  \implies n+1 < 3n \sqrt{n}  \implies  3n^2 +n + 1 < 3(n^2 + n\sqrt{n})  ...


Ora, temos 1/3 < a_n < 1 para qualquer n natural . Então ,

a_n - 1/3 =|a_n - 1/3| < 1 -1/3 = 2/3 . Pondo , \epsilon = 2/3 e n_0 = 1 , obtemos

\epsilon > 0 tal que n \geq n_0 implica |a_n -1/3| < \epsilon .
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Re: [sequencia] Calcular limite de sequencia por definição

Mensagempor e8group » Qua Abr 16, 2014 00:55

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Re: [sequencia] Calcular limite de sequencia por definição

Mensagempor amigao » Seg Abr 21, 2014 15:42

santhiago escreveu:Tente provar que a sequência é limitada superiormente por 1 e inferiormente por 1/3 .

Para provar que a_n < 1 , basta notar que o número do numerador é sempre menor que do denominador e portanto o quociente é menor que 1 .

Para provar que a_n > 1/3 , note que

1 - 3\sqrt{n} \leq -2    \implies  n(1-3\sqrt{n}) \leq -2n  \implies  n(1-3\sqrt{n}) + 1  = n + 1 -3n\sqrt{n} \leq -2n + 1 < 0  \implies n+1 < 3n \sqrt{n}  \implies  3n^2 +n + 1 < 3(n^2 + n\sqrt{n})  ...


Ora, temos 1/3 < a_n < 1 para qualquer n natural . Então ,

a_n - 1/3 =|a_n - 1/3| < 1 -1/3 = 2/3 . Pondo , \epsilon = 2/3 e n_0 = 1 , obtemos

\epsilon > 0 tal que n \geq n_0 implica |a_n -1/3| < \epsilon .


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Muito obrigado!! Entendi
amigao
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Re: [sequencia] Calcular limite de sequencia por definição

Mensagempor e8group » Dom Mai 11, 2014 17:09

amigao , cometi um erro , não sei por que fiz aquilo , a definição é clara. O fato de | a_n - 1/3| < 2/3 não implica que lim(a_n) = 1/3 . É claro que n \geq 1 \implies  | a_n - 1/3| < \epsilon sempre que \epsilon \geq 2/3(Vimos isto ) . Mas , se 0 < \epsilon < 2/3 ? Será que existe n_0  \in \mathbb{N} t.q n \geq n_0 \implies |a_n - 1/3| < \epsilon ?

Por definição lim(b_n) = L <  \infty  \iff  \forall \epsilon > 0 , \exists n_0(\epsilon) > 0  : \forall n \geq n_0(\epsilon) \implies  |b_n - L | < \epsilon . Isto deve funcionar para todo \epsilon > 0 e não apenas para um em particular conforme eu fiz .

Quando 0 < \epsilon <2/3 , parece complicado determinar um n_0 correspondente t.q . n \geq n_0  \implies | a_n - 1/3| < \epsilon . Entretanto , podemos limitar a_n (inferiormente e superiormente) por duas sequências convergente para 1/3 (em que a demostração seja mais simples ) e com isso pelo teorema do confronto (a_n ) \to 1/3 .

Já vimos que a_n \geq 1/3 e hoje afirmo que a_n \leq  \frac{1}{3} + \frac{1}{3\sqrt{n}}  ,  \forall n \geq 1 . (A verificação é simples , o denominador de a_n é sempre maior que 3n^2 , n \geq 1 , logo a relação de ordem inverte em relação ao recíproco )

Seja : b_n = 1/3 e c_n = \frac{1}{3\sqrt{n}} e d_n = b_n + c_n . Portanto , temos

b_n \leq a_n \leq b_n + c_n .

Provar a convergência de (c_n) é simples (comparado com (a_n) ) e provar a convergência de (b_n) trivial .

Provando isto acima d_n converge para a soma dos limites de b_n e c_n .

Para a resposta não ficar vaga , vou propor uma demostração para dois teoremas (acho mais fácil que provar que (a_n) converge [/tex] .

Teorema 1 :
Sejam M,L \in \mathbb{R} e a sequência (d_n) ; d_n := b_n + c_n [/tex] .
Se (c_n) \to M e (b_n) \to L então (d_n) \to M+ L .

Prova :

Da hipótese (c_n) e (b_n) convergirem , dado qualquer \epsilon > 0 existe N' ,N'' > 0 tais que

(1) | b_n - L |< \epsilon/2 sempre que n \geq N'

(2) | c_n - M |< \epsilon/2 sempre que n \geq N''

Agora |d_n - (L+M)| = | (b_n - L) + (c_n - M) |  \leq  |b_n - L| + |c_n -  M| . Podemos definir N = max\{N', N''\} com isso (1) e (2) são simultaneamente verdadeiros sempre que n \geq N , donde resulta por transitividade que |d_n -(L+M)| < \epsilon .

Teorema 2 :

Se existe N' \in \mathbb{N} tal que c_n \leq  a_n  \leq d_n para todo n \geq N' e lim(c_n) = lim(d_n) = L , logo lim(a_n) = L .Prova :

Dá hipótese lim(c_n) = lim(d_n) = L  \implies  \forall \epsilon > 0 , \exists N'' , N''' > 0   :

(1) n \geq N'' \implies     |c_n - L | < \epsilon

(2) n \geq N'''  \implies     |d_n - L | < \epsilon .

Seja N = max{N',N'', N'''\} , então (1), (2) e c_n \leq  a_n  \leq d_n são sempre verdadeiros quando n \geq N .

Como |c_n - L | < \epsilon  \iff    L - \epsilon  <  c_n  <  \epsilon +  L e |b_n - L | < \epsilon  \iff    L - \epsilon  <  b_n  <  \epsilon + L , então por transitividade L - \epsilon  <  a_n  <  \epsilon +  L sempre que n \geq N .
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Assunto: (FGV) ... função novamente rs
Autor: my2009 - Qua Dez 08, 2010 21:48

Uma função polinomial f do 1° grau é tal que f(3) = 6 e f(4) = 8.Portanto o valor de f(10) é :


Assunto: (FGV) ... função novamente rs
Autor: Anonymous - Qui Dez 09, 2010 17:25

Uma função de 1º grau é dada por y=ax+b.
Temos que para x=3, y=6 e para x=4, y=8.
\begin{cases}6=3a+b\\8=4a+b\end{cases}
Ache o valor de a e b, monte a função e substitua x por 10.


Assunto: (FGV) ... função novamente rs
Autor: Pinho - Qui Dez 16, 2010 13:57

my2009 escreveu:Uma função polinomial f do 1° grau é tal que f(3) = 6 e f(4) = 8.Portanto o valor de f(10) é :



f(x)= 2.x
f(3)=2.3=6
f(4)=2.4=8
f(10)=2.10=20


Assunto: (FGV) ... função novamente rs
Autor: dagoth - Sex Dez 17, 2010 11:55

isso ai foi uma questao da FGV?

haahua to precisando trocar de faculdade.


Assunto: (FGV) ... função novamente rs
Autor: Thiago 86 - Qua Mar 06, 2013 23:11

Saudações! :-D
ví suaquestão e tentei resolver, depois você conta-me se eu acertei.
Uma função de 1º grau é dada por y=3a+b

Resposta :
3a+b=6 x(4)
4a+b=8 x(-3)
12a+4b=24
-12a-3b=-24
b=0
substituindo b na 1°, ttenho que: 3a+b=6
3a+0=6
a=2
substituindo em: y=3a+b
y=30+0
y=30
:coffee: